Advertisements (Quảng cáo)
Bài 4. Tính:
a) \(\int {(2 – x)\sin {\rm{x}}dx} \)
b) \(\int {{{{{(x + 1)}^2}} \over {\sqrt x }}} dx\)
c) \(\int {{{{e^{3x}} + 1} \over {{e^x} + 1}}} dx\)
d) \(\int {{1 \over {{{(\sin x + {\mathop{\rm cosx}\nolimits} )}^2}}}} dx\)
e) \(\int {{1 \over {\sqrt {1 + x} + \sqrt x }}} dx\)
g) \(\int {{1 \over {(x + 1)(2 – x)}}} dx\)
a) Đặt \(u = 2 – x, dv = sinx dx\)
Ta có: \(du = -dx, v = -cosx\)
Do đó:
\(\eqalign{
& \int {(2 – x)\sin {\rm{x}}dx} = (x – 2)cosx – \int {{\mathop{\rm cosxdx}\nolimits} } \cr
& = (x – 2)cosx – s{\rm{inx}} + C \cr} \)
b) Điều kiện: \(x > 0\)
Advertisements (Quảng cáo)
Ta có:
\(\eqalign{
& \int {{{{{(x + 1)}^2}} \over {\sqrt x }}} dx = \int {{{{x^2} + 2x + 1} \over {{x^{{1 \over 2}}}}}} dx \cr
& = \int {({x^{{3 \over 2}}}} + 2{x^{{1 \over 2}}} + {x^{{-1 \over 2}}})dx \cr
& = {2 \over 5}{x^{{5 \over 2}}} + {4 \over 3}{x^{{3 \over 2}}} + 2{x^{{1 \over 2}}} + C \cr} \)
c) Ta có: \({e^{3x}} + 1={({e^x})^3} + 1 = ({e^x} + 1)({e^{2x}}-{e^x} +1)\)
Do đó:
\(\eqalign{
& \int {{{{e^{3x}} + 1} \over {{e^x} + 1}}} dx = \int {\left( {{e^{2x}}-{\rm{ }}{e^x} + {\rm{ }}1} \right)} dx \cr
& = {1 \over 2}{e^{2x}} – {e^x} + x + C \cr} \)
d) Ta có:
\(\eqalign{
& \int {{1 \over {{{(\sin x + {\mathop{\rm cosx}\nolimits} )}^2}}}} dx = \int {{{d(x – {\pi \over 4})} \over {2{{\cos }^2}(x – {\pi \over 4})}}} \cr
& = {1 \over 2}\tan (x – {\pi \over 4}) + C \cr} \)
e) Nhân tử và mẫu với biểu thức liên hợp, ta có:
\(\eqalign{
& \int {{1 \over {\sqrt {1 + x} + \sqrt x }}} dx = \int {(\sqrt {1 + x} } – \sqrt x )dx \cr
& = \int {\left[ {{{(1 + x)}^{{1 \over 2}}} – {x^{{1 \over 2}}}} \right]} dx = {2 \over 3}{(x + 1)^{{3 \over 2}}} – {2 \over 3}{x^{{3 \over 2}}} + C \cr} \)
d) Ta có:
\(\eqalign{
& \int {{1 \over {(x + 1)(2 – x)}}} dx = {1 \over 3}\int {({1 \over {1 + x}}} + {1 \over {2 – x}})dx \cr
& = {1 \over 3}\ln |{{1 + x} \over {2 – x}}| + C \cr} \).