Advertisements (Quảng cáo)
Hai đường tròn (O ; R) và (O’ ; R’) cắt nhau tại A, B sao cho \(\widehat {OAO’} = {90^o}\) và
OO’ = 2R. Tính theo R diện tích phần chung của hai đường tròn.
Tính diện tích các hình viên phân.
Gọi M là trung điểm của OO’ \( \Rightarrow OM = R \Rightarrow M\) thuộc \(\left( {O;R} \right)\), \(H = AB \cap OO’\).
Xét tam giác vuông OAO’ có: AM là trung tuyến ứng với cạnh huyền \( \Rightarrow AM = \dfrac{1}{2}OO’ = OM = O’M\).
\( \Rightarrow OA = OM = AM \Rightarrow \Delta OAM\) đều \( \Rightarrow \widehat {AOM} = {60^0}\).
Xét tam giác vuông OAO’ có: \(\widehat {AOM} + \widehat {AO’M} = {90^0}\) (hai góc nhọn phụ nhau trong tam giác vuông) \( \Rightarrow \widehat {AO’M} = {90^0} – {60^0} = {30^0}\).
Do OO’ là trung trực của AB \( \Rightarrow A\) và B đối xứng nhau qua OO’.
\( \Rightarrow \widehat {AOA’} = {120^0}\) và \(\widehat {AO’B} = {60^0}\) (tính chất đối xứng).
Advertisements (Quảng cáo)
Xét đường tròn (O) có \({S_{qOAB}} = \dfrac{{\pi {R^2}n}}{{360}} = \dfrac{{\pi {R^2}.120}}{{360}} = \dfrac{{\pi {R^2}}}{3}\)
Xét tam giác vuông OAH có: \(OH = OA.\cos {60^0} = \dfrac{R}{2};\)
\(\,\,AH = OA.\sin {60^0} = \dfrac{{R\sqrt 3 }}{2} \) \(\Rightarrow AB = R\sqrt 3 \).
\( \Rightarrow {S_{\Delta OAB}} = \dfrac{1}{2}OH.AB \)\(\,= \dfrac{1}{2}.\dfrac{R}{2}.R\sqrt 3 = \dfrac{{{R^2}\sqrt 3 }}{4}\).
\( \Rightarrow \) Diện tích hình viên phân giới hạn bởi dây cung AB và cung nhỏ AB của đường tròn (O;R) là \({S_1} = {S_{qOAB}} – {S_{\Delta OAB}} = \dfrac{{\pi {R^2}}}{3} – \dfrac{{{R^2}\sqrt 3 }}{4}\).
Xét đường tròn (O’;R’) ta có: \(O’A = OA.\tan {60^0} = R\sqrt 3 \).
\({S_{qO’AB}} = \dfrac{{\pi R{‘^2}n}}{{360}} = \dfrac{{\pi .{{\left( {R\sqrt 3 } \right)}^2}.60}}{{360}} \)\(\,= \dfrac{{\pi {R^2}}}{2}\)
Ta có: \(O’H = OO’ – OH = 2R – \dfrac{R}{2} = \dfrac{{3R}}{2}\)
\( \Rightarrow {S_{\Delta O’AB}} = \dfrac{1}{2}O’H.AB \)\(\,= \dfrac{1}{2}.\dfrac{{3R}}{2}.R\sqrt 3 = \dfrac{{3{R^2}\sqrt 3 }}{4}\)
\( \Rightarrow \) Diện tích hình viên phân giới hạn bởi dây cung AB và cung nhỏ AB của đường tròn (O’;R’) là \({S_2} = {S_{qO’AB}} – {S_{\Delta O’AB}} = \dfrac{{\pi {R^2}}}{2} – \dfrac{{3{R^2}\sqrt 3 }}{4}\).
Vậy diện tích phần chung của hai đường tròn là
\(S = {S_1} + {S_2}\)\(\, = \dfrac{{\pi {R^2}}}{3} – \dfrac{{{R^2}\sqrt 3 }}{4} + \dfrac{{\pi {R^2}}}{2} – \dfrac{{3{R^2}\sqrt 3 }}{4} \)\(\,= \dfrac{{5\pi {R^2}}}{6} – {R^2}\sqrt 3 = \left( {\dfrac{{5\pi }}{6} – \sqrt 3 } \right){R^2}\)
Baitapsgk.com